007. Докажите, что: a) a+b/c + b+c/a + a+c/b >6, если а > 0, b > 0, c > 0; б) (1 + a)(1 + b)(1 + c) > 24, если а > 0, b > 0, c > 0 и abc = 9.

а)

Логика такая: нужно доказать неравенство, используя известные неравенства для положительных чисел.

Пошаговое решение:

1. Преобразуем неравенство:

   \[ \frac{a+b}{c} + \frac{b+c}{a} + \frac{a+c}{b} \ge 6 \]

   \[ (\frac{a}{c} + \frac{b}{c}) + (\frac{b}{a} + \frac{c}{a}) + (\frac{a}{b} + \frac{c}{b}) \ge 6 \]

   \[ \frac{a}{c} + \frac{b}{c} + \frac{b}{a} + \frac{c}{a} + \frac{a}{b} + \frac{c}{b} \ge 6 \]

2. Сгруппируем слагаемые:

   \[ (\frac{a}{b} + \frac{b}{a}) + (\frac{a}{c} + \frac{c}{a}) + (\frac{b}{c} + \frac{c}{b}) \ge 6 \]

3. Применим неравенство Коши для каждой пары:

   Для любых положительных x и y: \( \frac{x}{y} + \frac{y}{x} \ge 2 \)

   Это следует из того, что \( (x-y)^2 \ge 0 \), тогда \( x^2 - 2xy + y^2 \ge 0 \), \( x^2 + y^2 \ge 2xy \), \( \frac{x^2 + y^2}{xy} \ge 2 \), \( \frac{x}{y} + \frac{y}{x} \ge 2 \)

4. Применим это неравенство к каждой паре в нашем выражении:

   \[ \frac{a}{b} + \frac{b}{a} \ge 2 \]

   \[ \frac{a}{c} + \frac{c}{a} \ge 2 \]

   \[ \frac{b}{c} + \frac{c}{b} \ge 2 \]

5. Сложим эти три неравенства:

   \[ (\frac{a}{b} + \frac{b}{a}) + (\frac{a}{c} + \frac{c}{a}) + (\frac{b}{c} + \frac{c}{b}) \ge 2 + 2 + 2 \]

   \[ (\frac{a}{b} + \frac{b}{a}) + (\frac{a}{c} + \frac{c}{a}) + (\frac{b}{c} + \frac{c}{b}) \ge 6 \]

Таким образом, мы доказали, что \( \frac{a+b}{c} + \frac{b+c}{a} + \frac{a+c}{b} \ge 6 \) при \( a > 0, b > 0, c > 0 \).

б)

Раскроем скобки и применим неравенство Коши, учитывая, что abc = 9.

Пошаговое решение:

1. Раскроем скобки в выражении:

   \[ (1 + a)(1 + b)(1 + c) = (1 + a + b + ab)(1 + c) \]

   \[ = 1 + a + b + ab + c + ac + bc + abc \]

   \[ = 1 + a + b + c + ab + ac + bc + abc \]

2. Сгруппируем слагаемые и подставим abc = 9:

   \[ (1 + a + b + c + ab + ac + bc + 9) \]

   \[ = 10 + a + b + c + ab + ac + bc \]

3. Применим неравенство Коши для трех чисел a, b, c:

   \[ \frac{a + b + c}{3} \ge \sqrt[3]{abc} \]

   \[ a + b + c \ge 3 \sqrt[3]{abc} \]

   Так как abc = 9:

   \[ a + b + c \ge 3 \sqrt[3]{9} \]

   \[ a + b + c \ge 3 \cdot 9^{\frac{1}{3}} \approx 6.24 \]

4. Применим неравенство Коши для ab, ac, bc:

   \[ \frac{ab + ac + bc}{3} \ge \sqrt[3]{(abc)^2} \]

   \[ ab + ac + bc \ge 3 \sqrt[3]{(abc)^2} \]

   Так как abc = 9:

   \[ ab + ac + bc \ge 3 \sqrt[3]{9^2} \]

   \[ ab + ac + bc \ge 3 \sqrt[3]{81} \approx 12.48 \]

5. Подставим полученные неравенства в исходное выражение:

   \[ (1 + a)(1 + b)(1 + c) = 10 + a + b + c + ab + ac + bc \]

   \[ (1 + a)(1 + b)(1 + c) \ge 10 + 3\sqrt[3]{9} + 3\sqrt[3]{81} \]

   \[ (1 + a)(1 + b)(1 + c) \ge 10 + 6.24 + 12.48 = 28.72 \]

Таким образом, \( (1 + a)(1 + b)(1 + c) > 24 \), что и требовалось доказать.